Sayılar arasındaki eşitliğin sözde kanıtı
Terimi, eşitlik sözde dayanıklı belirgin doğruluğu ifade eder deliller arasında eşitlik açıkça yanlış.
Burada sayılar arasındaki eşitlik durumuna bakmakla yetineceğiz ve bu hatalara yol açan en yaygın olanlardan çeşitli kusurları detaylandıracağız . Bu makalede önerilen yöntemlerin aynı zamanda en yaygın, en bilgilendirici ve mümkün olduğunca doğrudan olması amaçlanmıştır.
Dikkat çekici kimlikler ve sıfıra bölme yoluyla sözde gösterim
Prensip
Bu sözde gösterim aşağıdaki hataya dayanmaktadır:
Çıkarınız o .
0×de=0×b{\ displaystyle 0 \ kez a = 0 \ kez b}de=b{\ görüntü stili a = b}Genellikle iki aşamada gerçekleştirilir:
Kullanılan dikkate değer özdeşliğe ve kişinin bunu yapma biçimine bağlı olarak herhangi bir yanlış eşitlik elde edilebileceğini unutmayın.
Oyun esas olarak, çok sayıda bilinmeyen içeren çok karmaşık işlemlerde bölmeyi sıfıra gizlemekten oluşur, bu da gösteride yanlış satırı tanımlamayı zorlaştırır.
Bu teknik, “göstermek” özellikle kullanılması ile 1 + 1 = 3 göreceli ve mutlak Bilgi Ansiklopedisi ile Bernard Werber .
Misal
Misal
Aşama 1 :
- a ve b sıfır olmayan iki gerçek olsun,
de=b{\ görüntü stili a = b}.
- Her üyeyi şu şekilde çarparız :de{\ görüntü stili a}
de2=de×b{\ displaystyle a ^ {2} = a \ kere b}.
- çıkarıyoruz :b2{\ görüntü stili b ^ {2}}
de2-b2=de×b-b2{\ displaystyle a ^ {2} -b ^ {2} = a \ kere bb ^ {2}}.
- Her üyeyi hesaba katarız (ilkinde dikkate değer bir kimlik kullanırız):
(de-b)×(de+b)=b×(de-b){\ displaystyle (ab) \ kez (a + b) = b \ kez (ab)}.
2. adım:
- Şuna bölüyoruz :(de-b){\ görüntü stili (ab)}
de+b=b{\ görüntü stili a + b = b}.
- Gibi , biz yerine göre :de=b{\ görüntü stili a = b}de{\ görüntü stili a}b{\ görüntü stili b}
b+b=b{\ görüntü stili b + b = b},
- dır-dir
2×b=1×b{\ displaystyle 2 \ kez b = 1 \ kez b}.
- Şuna bölüyoruz :b{\ görüntü stili b}
2=1{\ görüntü stili 2 = 1}.
Bölmeyi yaptığımızda hata yapılır , çünkü o zaman olduğu gibi 0'a bölüyoruz ki bu imkansız.
(de-b){\ görüntü stili (ab)}de=b{\ görüntü stili a = b}de-b=0{\ görüntü stili ab = 0}
dikkate değer kimliği olmayan Varyant
- Aşağıdaki önermeyle başlıyoruz:2=1+1{\ görüntü stili 2 = 1 + 1}
- Her üyeyi şu şekilde çarparız :(2-1){\ görüntü stili (2-1)}
2(2-1)=(1+1)(2-1){\ displaystyle 2 (2-1) = (1 + 1) (2-1)}.
- Geliştiriyoruz:
2×2-2×1=2×1+2×1-1×1-1×1{\ displaystyle 2 \ kere 2-2 \ kere 1 = 2 \ kere 1 + 2 \ kere 1-1 \ kere 1-1 \ kere 1}.
- Her üyeden çıkarıyoruz :2×1{\ displaystyle 2 \ kere 1}
2×2-2×1-2×1=2×1-1×1-1×1{\ displaystyle 2 \ kere 2-2 \ kere 1-2 \ kere 1 = 2 \ kere 1-1 \ kere 1-1 \ kere 1}.
- Biz faktör:
2×(2-1-1)=1×(2-1-1){\ displaystyle 2 \ kez (2-1-1) = 1 \ kez (2-1-1)}.
- Basitleştirebiliriz ve şunları elde ederiz:
2=1{\ görüntü stili 2 = 1}.
- Sonunda sahip olmak için eklemeniz yeterlidir:1{\ görüntü stili 1}
3=1+1{\ görüntü stili 3 = 1 + 1}.
Çözüm: ile sadeleştirirken şunları yaparız:
(2-1-1){\ görüntü stili (2-1-1)}2×(2-1-1)(2-1-1)=1×(2-1-1)(2-1-1){\ displaystyle {\ frac {2 \ kez (2-1-1)} {(2-1-1)}} = {\ frac {1 \ kez (2-1-1)} {(2-1-) 1)}}}yani 2-1-1'e bölüyoruz yani 0'a kadar.
Denklemler aracılığıyla sözde kanıt ve gerekli ve yeterli koşul arasındaki karışıklık
Prensip
Bir başka yaygın sözde ispat, bir denklemin olası çözümlerinin kümesini kısıtlamak ve daha sonra kümenin elemanlarından birinin kök olduğunu iddia etmektir.
Aşağıdaki gibi gerçekleşir:
- denklemin incelenmesi (olası çözümler kümesinin az sayıda, bir veya iki ile sınırlandırılması);
- olası çözümlerin bir dizi çözüm olarak doğrulanması;
- varsayılan köklerden birinin testi ve saçma sonuç.
Misal
Misal
Aşama 1 :
Denklemi düşünün:
x2+x+1=0{\ displaystyle x ^ {2} + x + 1 = 0}.
Çözümleri de (sıfır hariç):
x(x2+x+1)=0⇔x3+x2+x=0⇔x3=-x2-x{\ displaystyle x (x ^ {2} + x + 1) = 0 \ Leftrightarrow x ^ {3} + x ^ {2} + x = 0 \ Leftrightarrow x ^ {3} = - x ^ {2} -x } .
Ancak, ilk denkleme göre:
x2+x+1=0⇔x2=-x-1{\ displaystyle x ^ {2} + x + 1 = 0 \ Leftrightarrow x ^ {2} = - x-1}bu nedenle:
x3=-(-x-1)-x=1{\ displaystyle x ^ {3} = - (- x-1) -x = 1}.
Adım 2: Mümkün olan tek gerçek kök 1'dir.
Adım 3: İlk denklemde x'i 1 ile değiştirerek eşitlik elde ederiz .
3=0{\ görüntü stili 3 = 0}
Tanımsız karekökler aracılığıyla sözde kanıt
Prensip
Bu deducing ortak hatadır bu , doğru ima olmaktan anlamak için o , nerede | x | bir mutlak değeri x.
de2=b2{\ displaystyle a ^ {2} = b ^ {2}}de=b{\ görüntü stili a = b}de2=b2{\ displaystyle a ^ {2} = b ^ {2}}|de|=|b|{\ görüntü stili | a | = | b |}
İki adım :
- kareler arasında gerçek bir eşitlik yazın;
- kareler olmadan eşitliği yazarak yanlış çıkarımı uygulayın ( örneğin içinde tanımsız bir karekök işlevi çağırarak ).VS{\ displaystyle \ matematik {C}}
Bu ilkeyi , örneğin çalışma kümesinde tanımsız bir logaritma işlevini çağırarak karmaşık üstellere genelleştirebiliriz . İkinci kümede karekökler yazılır .
VS{\ displaystyle \ matematik {C}}z=±|z|tecrübe(benargümanz2){\ displaystyle {\ sqrt {z}} = \ pm {\ sqrt {| z |}} \ exp \ sol (i {\ tfrac {\ arg z} {2}} \ sağ)}
Örnekler
Misal
Aşama 1 :
Eşitliğini ele alalım şeklinde yazılabilir, quotients :
-1=-1{\ görüntü stili -1 = -1}
1-1=-11{\ görüntü stili {\ frac {1} {- 1}} = {\ frac {-1} {1}}}.
Altın ( hayali sayıya bakınız ), dolayısıyla
-1=ben2{\ görüntü stili -1 = ben ^ {2}}
1ben2=ben21{\ displaystyle {\ frac {1} {i ^ {2}}} = {\ frac {i ^ {2}} {1}}}.
2. adım:
Her iki tarafın karekökünü alıyoruz, bu da şunu veriyor:
1ben2=ben21⇔1ben2=ben21⇔1ben=ben1{\ displaystyle {\ sqrt {\ frac {1} {i ^ {2}}}} = {\ sqrt {\ frac {i ^ {2}} {1}}} \ Leftrightarrow {\ frac {\ sqrt {1 }} {\ sqrt {i ^ {2}}}} = {\ frac {\ sqrt {i ^ {2}}} {\ sqrt {1}}} \ Leftrightarrow {\ frac {1} {i}} = {\ frak {i} {1}}}.
Her iki tarafı da i ile çarparak,
1=ben2{\ displaystyle 1 = ben ^ {2}}.
Ve bu yana , o zaman biz var
ben2=-1{\ displaystyle ben ^ {2} = - 1}
1=-1{\ görüntü stili 1 = -1}.
Ek örneği (bir
logaritma aracılığıyla )
içinde(-1)+içinde(-1)=içinde((-1)2)=içinde(1)=0{\ displaystyle \ ln (-1) + \ ln (-1) = \ ln ((- 1) ^ {2}) = \ ln (1) = 0}Yani,
içinde(-1)=içinde(ben2)=2⋅içinde(ben)=0⇒eiçinde(ben)=e0(=1){\ displaystyle \ ln (-1) = \ ln (i ^ {2}) = 2 \ cdot \ ln (i) = 0 \ Rightarrow e ^ {\ ln (i)} = e ^ {0} (= 1 )}Ve üstel, doğal logaritmanın karşılıklı uygulaması olduğundan :
ben=1{\ görüntü stili ben = 1}
Bulanık toplama yoluyla sözde geçirmez
Prensip
Bir toplamı bulanık bir şekilde yazarak , yani resmi bir şekilde değil:
S=∑k=1değilk{\ displaystyle S = \ toplam _ {k = 1} ^ {n} k}ancak askıya alma noktaları ile:
S=1+...+değil{\ displaystyle S = 1 + \ ldots + n}kukla toplam değişkeni (burada not edilmiştir ) gerçekten sessizce geçilir ve askıya alma noktalarının formalizminin olmaması hatayı maskelemeye hizmet eder.
k{\ görüntü stili k}
Metodoloji:
- bir toplam üzerinde hesaplamalar yapmak;
- kukla değişkenin tanım kümesi, başka bir deyişle terim sayısı aracılığıyla bir hata üretir;
- saçma sapan bir sonuçla sonuçlanır.
Varyantlar
Bypass üzerinden varyant
Türetme doğru bir türetme bir soru olabilir ve sağ bir türetme üzerinde dikkate değişken olduğu gerçeğini almadan olacak soldaki, eşitlik üyesi bağlı olarak farklı gerçekleştirilecektir x ayrıca setin kardinal olduğu terimlerin.
Adım 1:
olsun bir tamsayıdır. Kare fonksiyonunun tanımına göre:
x{\ görüntü stili x}
x2=x+⋯+x{\ displaystyle x ^ {2} = x + \ cdots + x}( şartlar)
x{\ görüntü stili x}Adım 2:
Aşağıdakilere göre sürüklenerek :
x{\ görüntü stili x}
2x=1+⋯+1{\ displaystyle 2x = 1 + \ cdots +1}( şartlar),
x{\ görüntü stili x}Adım 3:
dolayısıyla basitleştirmek :
x{\ görüntü stili x}
2=1{\ görüntü stili 2 = 1}
Bir
aritmetik dizi aracılığıyla varyant
Bu değişken , tam sayıların aritmetik dizisinin ilk terimlerinin toplamı üzerinde oynar .
değil{\ görüntü stili n}
Aşama 1 :
İlk tam sayıların toplamı yazılır:
değil{\ görüntü stili n}
∀değil∈DEĞİL1+2+3+⋯+değil=değil(değil+1)2{\ displaystyle \ forall n \ in \ mathbb {N} \ dörtlü 1 + 2 + 3 + \ nokta + n = {\ frac {n (n + 1)} {2}}}Bu aynı zamanda rütbe için de geçerlidir :
değil-1{\ görüntü stili n-1}
∀(değil-1)∈DEĞİL1+2+3+⋯+değil-1=(değil-1)değil2{\ displaystyle \ forall (n-1) \ in \ mathbb {N} \ dörtlü 1 + 2 + 3 + \ nokta + n-1 = {\ frac {(n-1) n} {2}}}Dolayısıyla her üyeye ekleyerek :
1{\ görüntü stili 1}
∀(değil-1)∈DEĞİL1+2+3+⋯+değil-1+1=(değil-1)değil2+1{\ displaystyle \ forall (n-1) \ in \ mathbb {N} \ dörtlü 1 + 2 + 3 + \ nokta + n-1 + 1 = {\ frac {(n-1) n} {2}} + 1}2. adım:
Bu eşitlik şu şekilde de yazılabilir:
∀(değil-1)∈DEĞİL1+2+3+⋯+değil=(değil-1)değil+22{\ displaystyle \ forall (n-1) \ in \ mathbb {N} \ dörtlü 1 + 2 + 3 + \ nokta + n = {\ frac {(n-1) n + 2} {2}}}.
Sıra eşitliğine göre , bu nedenle:
değil{\ görüntü stili n}
∀(değil-1)∈DEĞİL[değil(değil+1)2=(değil-1)değil+22⇔değil(değil+1)=(değil-1)değil+2]{\ displaystyle \ forall (n-1) \ in \ mathbb {N} \ dörtlü \ sol [{\ frac {n (n + 1)} {2}} = {\ frac {(n-1) n + 2 } {2}} \ Solsağ ok n (n + 1) = (n-1) n + 2 \ sağ]}nereden :
∀(değil-1)∈DEĞİL[değil2+değil=değil2-değil+2⇔2değil=2]{\ displaystyle \ forall (n-1) \ in \ mathbb {N} \ dörtlü \ sol [n ^ {2} + n = n ^ {2} -n + 2 \ Leftrightarrow 2n = 2 \ sağ]}Aşama 3:
En sonunda:
∀değil∈DEĞİL∗değil=1{\ displaystyle \ forall n \ in \ mathbb {N} ^ {*} \ dörtlü n = 1}.
Hata, toplamları ve .
∑k=1değilk{\ displaystyle \ toplam _ {k = 1} ^ {n} k}∑k=1değil-1k+1{\ displaystyle \ toplam _ {k = 1} ^ {n-1} k + 1}
Entegrasyon sırasında yasa dışı değişken değişikliği yoluyla sözde gösterim
Prensip
Biri yerine getirdiğinde değişkenin değişikliği segmanlarında bir entegrasyon sırasında, değişkenin değişim olduğu yeterlidir Cı 1 - Diffeomorfizm . Değişken değişikliği çok hızlı yapılırsa, entegrasyonun sonunda saçma bir sonuç bulmak nadir değildir.
Adımlar:
- integrali doğru hesaplayın;
- hatalı bir değişken değişikliği yapmak;
- iki sonucu karşılaştırın.
Misal
Misal
Aşama 1 :
İntegrali düşünün:
∫-11t2dt{\ displaystyle \ int _ {- 1} ^ {1} t ^ {2} \; {\ rm {d}} t}.
İkinci derece tek terimli olarak entegrasyon ile :
∫-11t2dt=[t33]-11=23{\ displaystyle \ int _ {- 1} ^ {1} t ^ {2} \; {\ rm {d}} t = \ sol [{\ frac {t ^ {3}} {3}} \ sağ] _ {- 1} ^ {1} = {\ frac {2} {3}}}.
2. adım:
Sınıf değişkeninin değişimini yapalım (ancak bu bir -difeomorfizm değildir ):
VS1{\ görüntü stili {\ matematiksel {C}} ^ {1}}VS1{\ görüntü stili {\ matematiksel {C}} ^ {1}}
sen=t2⇒dsen=2tdt{\ displaystyle u = t ^ {2} \ Sağ ok {\ rm {d}} u = 2t \, {\ rm {d}} t}.
Yani :
{t=-1⇒sen=1t=1⇒sen=1{\ displaystyle {\ başlangıç {durumlar} t = -1 \ Rightarrow u = 1 \\ t = 1 \ Rightarrow u = 1 \ bitiş {durumlar}}}nereden :
∫-11t2dt=12∫11sendsen=0{\ displaystyle \ int _ {- 1} ^ {1} t ^ {2} {\ rm {d}} t = {\ frac {1} {2}} \ int _ {1} ^ {1} {\ sqrt {u}} {\ rm {d}} u = 0}.
Aşama 3:
İntegralin iki hesaplamasından şunu çıkarıyoruz:
23=0{\ görüntü stili {\ frac {2} {3}} = 0}
İlgili Makaleler
<img src="https://fr.wikipedia.org/wiki/Special:CentralAutoLogin/start?type=1x1" alt="" title="" width="1" height="1" style="border: none; position: absolute;">